(1)游标卡尺读数等于固定刻度读数加速游标尺读数; 固定刻度读数为:1.0cm; 游标尺第9刻线与主尺刻线对其,准确度为0.05mm,故读数为:0.05mm×9=0.45mm; 故游标卡尺读数为:10mm+0.45mm=10.45mm=1.045cm; (2)A、摆长是悬挂点到球心间距,即等于线长加上球的半径,故A错误; B、测量周期时为减小误差,应该采用测量30次全振动时间t,再由t=30T求解周期,故B错误; C、D、经过平衡位置球的速度最快,故测量误差最小,故C正确,D错误; 故选C. 故答案为:(1)1.045;(2)C. |
A、单摆的摆长应等于摆线的长度加一摆球的半径,如测量摆长时没有把小球半径算进去,摆长测量值偏小,由T=2π
B、单摆的周期与摆球的质量无关,摆球的质量对测量g没有影响.故B错误. C、单摆的周期与偏角无关,偏角对测量g没有影响.故C错误. D、应当测振动30次的时间求其周期,结果把29次当作30次计算周期时,算出的周期偏小,则由g=
故选D |
L |
g |
A.要用游标卡尺测摆球直径d,摆长l等于摆线长加上d/2; B.周期; C.应多测量几次,然后取g的平均值作为实验的最后结果 |
(1)摆长为悬点到球心的距离,所以L=l+
(2)周期为一次全振动的时间,从单摆运动到最低点开始计时且记数为1,所以在t时间内完成了n-1个全振动,所以T=
(3)根据周期公式得:T=2π
(4)A、摆线上端未牢固地系于悬点,振动中出现松动,使摆线长度增加了,测得的单摆周期变大,根据g=
故选BD 故答案为:(1)l+
|
(1)螺旋测微器的读数为0.5mm+0.01×40.0=0.900mm,游标卡尺的读数为33mm+0.05×2mm=33.10mm. (2)①把两个相同的木板完全重叠在一起,用透明胶(质量不计)粘好,测量其摆动周期,发现与单个木板摆动时的周期相同,重做多次仍有这样的特点.知复摆的周期与质量无关.所以甲同学的猜想是错误的. ②因为周期的测量值大于周期的计算值,根据公式知,复摆的等效摆长大于
③用描点作图法作出T-To图线如图所示,由数学知识求得:图线的斜率k=
故答案为:(1)0.900 33.10 (2)①错误 ②大于 ③作图,如图所示,1.16 |
BC |
CD |
(1)单摆周期T=
联立可得重力加速度为:g=
(2)由图示螺旋测微器可知,固定刻度示数为5.5mm, 可动刻度示数为48.0×0.01mm=0.480mm, 则螺旋测微器的示数为5.5mm+0.480mm=5.980mm; (3)A、高山重力加速度偏小,故A错误; B、周期与摆球质量无关,摆球质量大,空气阻力可以忽略,故B错误; C、实验中误将n次全振动计为n+1次,根据T=
D、以摆线长作为摆长来计算,摆长偏小,根据g=
故选C. (4)偶然误差可以通过多次测量取平均值减小,而系统误差不可避免,故是系统误差; 故答案为:(1)
|
(1) (2)18.4,100.0,2.0,9.8 (3)C |
(1)①直径:主尺:2.0cm,游标尺对齐格数:6个格,读数:6×0.1=0.60mm=0.06cm,所以直径为:2.0+0.06=2.06cm ②由单摆全振动的次数为n=30次,秒表读数为t=67.2s,该单摆的周期是T=2.24s ③根据重力加速度的表达式g=
④根据重力加速度的表达式g=
A、重力加速度的测量值与振幅无关,振幅偏小,不影响测量结果,故A错误; B、在未悬挂摆球之前先测定好摆长,摆长偏小,g偏小,故B错误 C、以摆线长作为摆长来计算,摆长偏小,g偏小,故C错误 D、开始计时误记为n=1,则周期偏小,g偏大,故D正确; 故选D ⑤先测出一摆线较长的单摆的振动周期T1, T1=2π
然后把摆线缩短适当的长度△l,再测出其振动周期T2. T2=2π
解得:g=
(2)①由题意可知,灯泡的额定电压为4.8V,而给出的电压表中有15V和3V两种,选用15V的电压则误差较大;而选用3V的电压表,则量程偏小,故可以串联一个电阻进行分压;由题意可知,选择3KΩ的电阻可以使量程扩大2倍,故选用D即可;故可以选取3V的电压表和3kΩ的电阻串联充当电压表使用; ②因题目中要求多测几组数据进行作图,故实验中选用分压接法,并且将R1与电压表串联充当电压表使用,电流表采用电流表外接法; 故原理图如下图所示; ③由功率公式可得:P=
故功率随温度不再是线性关系,而是随着电压的增大,而使功率减小,故P与U2图象应为C; 故答案为:(1)①2.06 ②2.24 ③C ④D ⑤g=
(2)①A,D ②如图 ③C |